洛穀——P1345 [USACO5.4]奶牛的電信Telecowmunication

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P1345 [USACO5.4]奶牛的電信Telecowmunication題目描述

農夫約翰的奶牛們喜歡通過電郵保持聯絡，於是她們建立了一個奶牛電腦網路，以便互相交流。這些機器用如下的方式發送電郵：如果存在一個由c台電腦組成的序列a1,a2,...,a(c)，且a1與a2相連，a2與a3相連，等等，那麼電腦a1和a(c)就可以互發電郵。

很不幸，有時候奶牛會不小心踩到電腦上，農夫約翰的車也可能碾過電腦，這台倒黴的電腦就會壞掉。這意味著這台電腦不能再發送電郵了，於是與這台電腦相關的串連也就不可用了。

有兩頭奶牛就想：如果我們兩個不能互發電郵，至少需要壞掉多少台電腦呢？請編寫一個程式為她們計算這個最小值。

以如下網路為例：

1*

/ 3 - 2*

這張圖畫的是有2條串連的3台電腦。我們想要在電腦1和2之間傳送資訊。電腦1與3、2與3直接連通。如果電腦3壞了，電腦1與2便不能互發資訊了。

輸入輸出格式

輸入格式：

 

第一行 四個由空格分隔的整數：N,M,c1,c2.N是電腦總數(1<=N<=100)，電腦由1到N編號。M是電腦之間串連的總數(1<=M<=600)。最後的兩個整數c1和c2是上述兩頭奶牛使用的電腦編號。串連沒有重複且均為雙向的(即如果c1與c2相連，那麼c2與c1也相連)。兩台電腦之間至多有一條串連。電腦c1和c2不會直接相連。

第2到M+1行 接下來的M行中，每行包含兩台直接相連的電腦的編號。

 

輸出格式：

 

一個整數表示使電腦c1和c2不能互相通訊需要壞掉的電腦數目的最小值。

 

輸入輸出範例輸入範例#1： 複製

3 2 1 21 32 3

輸出範例#1： 複製

1




最小割看到這個題以後我們首先想到的應該就是最小割了吧，但是最小割割的是邊，這個題要求的是割點，怎麼做？
拆點啊！我們直接把每一個點都才成兩個點，兩個點之間連一條流量為1的邊，這樣我們就巧妙地把割點轉化成了割邊，

/*不難看出，這道題是求最小割點集的大小。顯然的是，對於一個點，它只能被刪一次。～～廢話～～那麼，對於每一個點i，我們都要複製它（設為i+n），並且從i到i+n連1的邊（因為只能刪一次）。（反向連0不要忘記）add ( i, i+n, 1 ) ; add ( i+n, i, 0 ) ;然後怎麼看待原圖中本來就存在的邊呢？它們只是有一個聯通的作用，對於流量並沒有限制，所以明確一點：這些邊加入網路中限制應該為無限大。假設現在要從原圖中添加一條從x到y的有向邊（這道題是無向邊，再依下面的方法添加一個y到x的就行了）到網路中去，對於點y來說，這條邊的加入不應該影響通過它的流量限制（就是前面連的那個1）
發生變化，所以前面那條y到y+n的邊應該接在這條邊的後面，所以這條邊的終點連向網路中的y，相反的，這條邊應該受到x的（前面連的1）限制。因為，假設x已經被刪（x到x+n滿流），那麼這條邊
再加不加都是沒有變化的。所以，這條邊在網路中的起點應該是x+n，這樣才保證受到限制。*/

#include<queue>#include<cstdio>#include<cstring>#include<iostream>#include<algorithm>#define N 1000100#define inf 9999999using namespace std;queue<int>q;int n,m,s,e,x,y,tot=1,ans;int to[N],cap[N],lev[N],cnt[N],head[N],nextt[N];int read(){    int x=0,f=1; char ch=getchar();    while(ch<‘0‘||ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=getchar();}    while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘) x=x*10+ch-‘0‘,ch=getchar();    return x*f;}int add(int x,int y,int z){    tot++;to[tot]=y;cap[tot]=z,nextt[tot]=head[x],head[x]=tot;    tot++,to[tot]=x,cap[tot]=0,nextt[tot]=head[y],head[y]=tot;}int bfs(){    while(!q.empty()) q.pop();    for(int i=1;i<=n*2;i++)     {        lev[i]=-1;        cnt[i]=head[i];    }    q.push(s),lev[s]=0;    while(!q.empty())    {        x=q.front();q.pop();        for(int i=head[x];i;i=nextt[i])        {            int t=to[i];            if(cap[i]>0&&lev[t]==-1)             {                lev[t]=lev[x]+1;                    q.push(t);                    if(t==e) return 1;                }        }    }    return 0;}int dinic(int x,int flow){    if(x==e) return flow;    int delta,rest=0;    for(int &i=cnt[x];i;i=nextt[i])    {        int t=to[i];        if(cap[i]>0&&lev[t]==lev[x]+1)        {            delta=dinic(t,min(cap[i],flow-rest));            if(delta)            {                cap[i]-=delta;                cap[i^1]+=delta;                rest+=delta;                if(rest==flow) break;            }        }    }    if(rest!=flow) lev[x]=-1;    return rest;}int main(){    n=read(),m=read(),s=read(),e=read();    for(int i=1;i<=m;i++)    {        x=read(),y=read();        add(x+n,y,inf),add(y+n,x,inf);    }    for(int i=1;i<=n;i++) add(i,i+n,1);              while(bfs())      ans+=dinic(s+n,inf);    printf("%d",ans);    return  0;} 

 

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