其他

//差分約束系統//題意相當晦澀，看了好半天才大概知道個什麼//對題目中給定的si,ni,ki,和一個給定的序列S[1....N]//如果(si,ni,gt,ki),意思就是存在約束條件S[si]+S[si+1]+...S[si+ni] > ki//如果(si,ni,lt,ki),意思就是存在約束條件S[si]+S[si+1]+...S[si+ni] < ki//判斷所給的約束條件有無解，有解就輸出lamentable kingdom，無解就輸出successful

//經典動態規劃//dp(i,j)表示用i個郵局，從1到j村莊的最優解//dis(i,j)表示只用1個郵局從i到j村莊的最優解,顯然取i,j中點的村莊作為郵局點是最優的//動態轉移方程：dp(i,j) = min{dp(i-1,k) + dis(k+1,j)}(i <= k <= j-1)//注意dp數組的初始化#include<iostream>#define INF 1000000000using namespace std;int d[305];int dp[35]

//簡單題//打一素數表然後預先處理下，把所有答案都打出來就可以了#include<iostream>using namespace std;int ans[10010];const int MAXP = 10000;int prime[100001];//記錄素數資料,prime[0]為素數表的元素個數bool is_prime[100010];//標號匹配//篩選法產生素數表模板,感覺像容斥原理，把非質數的標為falsevoid

  給定操作有2種，一種是讓[X,Y]下壓1格，一種是讓[X,Y]向上恢複1格，恢複操作必定是之前下降過的。初始狀態在LEVEL=0處，對每個操作回答LEVEL=0處有幾塊連續的方塊。首先這道撲街題的規模高達10^8，因此還要對區間進行離散化。離散化過程中還要儲存被操作結點之間相對位置，即之間是否有空格存在。幸虧用SET判重+MAP離散對應還不慢，使代碼簡潔了很多。接下來總結下這道題對標記域使用。cnt是必要的，記錄當前區間的連續塊數。為了合并區間，還要記錄區間的左連續和右連續情況。再用cov記

//純粹公式遞推，注意題目要求，任意知2求1//別遞推錯就OK了#include<iostream>#include<cmath>#include<iomanip>using namespace std;const double Exp = 2.718281828;char a,b;double aa,bb;double var[100];double T,H,D;double e,h;void print(){cout << "T ";cout

//DP動態規劃，LCS問題變形。根據LCS經典模型，我們就用dp[I,j]表示匹配到i和j的最優值.最終答案就是DP[LEN1][LEN2]//顯然有兩種情況：//一、s1[i] == s2[j],也就是遇到相同字母的，狀態轉移自然是dp[i][j] = 5 + dp[i-1][j-1]//二、s1[i] != s2[j],遇到不同的呢，有這麼幾種匹配情況：//1、硬將s1[i]和s2[j]匹配上去//2、不匹配，拿他們去和空格匹配，這樣就有2種匹配方案//dp[i][j] =

//判斷是否存在負權迴路SPFA演算法#include<iostream>#include<queue>#define MAXN 505#define MAXM 6000#define INF 1000000000using namespace std;int F,N,M,WW,m,u,v,w;int head[MAXN],V[MAXM],next[MAXM],W[MAXM];bool inq[MAXN];int cnt[MAXN],dis[MAXN];void

//最小權匹配(KM演算法)#include<iostream>#include<cstring>#include<vector>using namespace std;const int MAX = 105;const int INF = 2147483647;char G[MAX][MAX];int lx[MAX],ly[MAX],xMatch[MAX],yMatch[MAX];bool vis_x[MAX],vis_y[MAX];int

//差分約束系統//建立關係十分簡單，SPFA求到終點的距離//但這一題十分奇怪，用隊列就TLE,用棧就不會，真奇怪~#include<iostream>#include<stack>#define MAXN 30005#define MAXM 150000#define INF 1000000000using namespace std;int N,M,m,u,v,w;bool inq[MAXN];int dis[MAXN];int

感謝懷哥提供的經典好題，讓我學會了二分答案這個思想!//二分答案+最大流//終於見識到傳說中的二分答案這個方法了//如果沒有二分答案這個提示，這道題我怎麼也不會往最大流去想//思路是這樣的，將所有邊權值排序，記錄邊權值的上界和下界//接著開始二分答案，依照枚舉的這個答案構圖，即將邊權值最大值小於等於枚舉的這個答案的邊加進圖中//（雙向邊）並將他們的容量設為1，有多重邊就將容量再+1，接著FF最大流，如果最大流>=T，則說明答案是滿足條件的//記住此時未必是正確答案，答案還可以再小。繼續二分

//最小產生樹//只需將已經建成的路的邊權值置零即可//然後對邊進行排序，建立並查集，用Kruscal#include<iostream>#include<algorithm>#include<vector>#define MAX 105using namespace std;int N,Q;int G[MAX][MAX];int fa[MAX];struct Edge{int u,v,w;Edge(int uu,int vv,int ww){u =

//最小權匹配(KM演算法)//構圖是關鍵，又是拆點這個思想。因為商品數量很少，最多才3，所以將一個商品拆成3個點//一開始我將K種商品全部拆出來，想一次KM解決，結果構出來的圖最壞情況是50*50*3 和50*50*3 的二部圖來匹配最優權值//在經過O(n^3)的KM + 多組資料，結果毫無疑問的TLE了//此題的關鍵是將K種商品獨立出來求解，因為K種商品相互無影響//將他們獨立出來分別進行K次KM演算法，大大降低了時間和空間//50*3和50*3的二部圖最小權匹配//複雜度是O(K*(N^

//求歐拉迴路，注意歐拉圖的性質//構圖的思想是以單詞的首字母和末字母作為結點構圖,將單詞作為一條有向邊//(A)----acm------>(M)-----malform---->(M)------mouse----->(E)//1、第一步是要先對圖的連通性進行判斷，即去掉邊的方向，看圖是否連通//我看了資料規模才26，我就偷懶寫個Floyd水下算了//2、第二步就是根據歐拉圖的性質進行判斷就可以了，判斷存在歐拉道路或存在歐拉迴路//(1)有向圖G為歐拉圖(存在歐拉迴路)，若

//差分約束系統//這題比較對差分約束的構圖比較直觀//eg.P 3 1 4//4 =< s3 - s1 <= 4-----------(1)//等價於 s3 - s1 <= 4--------(2)// s1 - s3 <= -4-------(3)//V 4 5//s4 - s5 >= 1 --------------(4)//等價於 s5 - s4 <=

 //最裸的最小費用流#include<iostream>#include<queue>using namespace std;const int MAXN = 105;const int MAXM = 8100;const int INF = 1000000000;int mincost,maxflow;int N,M;int U[MAXM],V[MAXM],cap[MAXM],flow[MAXM],cost[MAXM],next[MAXM];int

//動態規劃//設S[i,k]表示第i種花束擺在第k個之前(包括第k個)的任意某個花瓶中，前i種花束能夠獲得的最大美學值(之和)//原問題的最優值即為S[F,V]//S[i,k] = max{S[i-1,k-1]+A(i,k),S[i,k-1]}，(i>1，k>i);//初始條件為：//S[1,1] = A[1,1];//S[1,k] = max{A(1,k),S[1,k-1]}，(k>1);//S[i,i] = S[i-1,i-1]+A(i,i)， (i>1)//要點，

//差分約束系統//不等式關係的建立十分直觀,eg://S1和S2之間距離不能大於10//S2 - S1 <= 10//S3和S4之間距離不能小於15//S4 - S3 >= 15//構圖後以1為起點，SPFA求最短路即可//如果無法到達終點N:If cows 1 and N can be arbitrarily far apart, output -2//如果存在迴路: If no line-up is possible, output

//Trie樹//對每個號碼構造Trie樹，利用狀態status進行識別#include<iostream>#include<cstring>using namespace std;struct Node{Node *num[10];int status;//status = 1表示前面已有電話號碼經過該結點，2表示電話號碼在該結點結束Node(){for(int i = 0 ;i < 10;++i)num[i] = NULL;status = 0;}}*root;

//類比題//將每個數字從上到下劃分成5個部分，將列印分為5種類型//1：空白 2：- 3：左| 4：右| 5：| |兩豎，同時設定5個部分的列印介面//接著LCD數組存放這個每個數字每個部分的列印類型#include<iostream>using namespace std;int S,N,len;int data[10];int LCD[10][5] = {1,4,0,4,1, 0,3,0,3,0, 1,3,1,2,1, 1,3,1,3,1, 0,4,1,3,0,

//簡單題，注意理解題意！我就是因為理解錯題意WA了N次，注意那個對應關係不是固定不變的，是每個字母可以有獨立的對應//因此不必考慮對應了，只需要考慮字母出現頻數相同就行//sort頻率數組後然後比較，如果都相同則YES#include<iostream>#include<string>#include<algorithm>using namespace std;string str1,str2;int f1[26],f2[26];int