其他

題意：話說一個豬圈管理員，他本身沒有豬圈的鑰匙。每天會有許多顧客來買豬，這些顧客自己帶著某些豬圈的鑰匙。每當一個顧客來買豬，這些開啟的豬圈裡的豬可以隨意流動，買完豬之後開啟的豬圈全部關閉。現在已知每個豬圈裡豬的的數量，每一名顧客擁有的鑰匙以及他想購買的豬的數量。求管理員可以賣出的最大數量。題解：構圖是痛點在於豬的流動。我是這樣想的，假設顧客A可以開啟了豬圈1,3,5，他需要購買numA頭豬，由於每次被開啟的豬圈之間的豬可以自由分配，那麼豬圈1,3,5就可以視作一個集合X，當顧客A買完豬之後，集合

細數逝去的十周，傷心漠然，淡淡的感覺。時間是樣的好的東西，它可以讓你忘記同苦忘記憂傷，看懂一切。同樣時間也一點點拉大你們的差距沒次都是被虐，暴虐。如此反覆，說明一件事。：你呀要麼廢物，要麼腦殘。省賽還有十天！！！面對個人這麼多的問題：         1：敢於面對         2： 問題存在沒關係，關鍵是怎麼處理                 怎麼做。         3:   培養自己做事的態度和決心!!!  

題意：在一片草場上有K台擠奶機，每台擠奶機最多可以為M頭奶牛擠奶。有C頭奶牛。把奶牛和擠奶機看做個體，則所有個體之間有一定的距離。現在給出K,C,M以及所有個體之間的距離。在保證所有奶牛都可以擠奶的情況下，求路程最長的奶牛的最小路程。題解: 題目已經保證了所有奶牛都可以擠奶，那麼最長的路徑自然是 （頂點數-1） * 200。我們只需要二分最小路程，然後判斷在此情況下是否所有的奶牛都存在合適的匹配。#include <iostream>using namespace

 題意：給出許多點的座標，用最小的正方形覆蓋之。題解：三分。注意精度····。公式神馬的畫個圖推一下即解決double mid1 = (left + right)/2;             double mid2 = (mid1 + right)/2;         相比 double mid1 =left +(right - left)/3;double mid2 = right - (right - left)/3;要求更高的精度。 #include

題意：FJ帶他的朋友參觀農場，他們的起點是1，終點是N, 點與點之間可能存在路徑。現在要求從1到N,在從N回到1所走的最短路程。並且返回時已經被走過的路不能再走！題解：最小費用流。每條路只走一次，說明每一條邊的容量為1。由於是無向圖，所以從N走回1的過程其實就等同於再從1到N走一遍。那麼就需要尋找兩條從1到N的最短路徑。取一個超級源點，將其與1串連，邊的容量為2（兩條路），費用為0。N與一超級匯點串連，容量也為2，費用為0。還有加邊的時候需要特別注意！！！例如下面的圖：倘若輸入的是這樣一組資料：

 題意：沙漠裡的王國需要修建水渠，串連國都與村莊····。說白了求一棵樹，每個點有三個座標（x,y,z)。邊的benifit為兩點之間的距離，cost為兩點的高度差。現在要求一棵樹使得 cost / benift 最小。題解：很顯然任意兩點之間都有邊，所以是一個很稠密的圖。用Prime。二分的話2800ms+, 迭代300ms+。#include <cmath>#include <iostream>using namespace std;#define MAX 1009#

題意：把n個點，分到m個組中。題目給出每一個點可以被分到的那些組。要求分配完畢後，最大的那一個組的人數最小。題解：比較怪。一開始化作費用流做。假設每一次增廣過後，路徑上所有邊的費用增大相等的值，這樣一來，被增廣過的路徑下一次就不會被立即增廣了。這樣就能使與匯點相連的那些點均勻增加。結果悲劇TLE```。#include <iostream>using namespace std;#define MAX 1001#define INF 999999999#define min(a,b)

題意：給出圓錐的表面積（包含底面）。求其最大體積，以及此時的底面半徑及高#include <cmath>#include <iostream>using namespace std;#define eps 0.00000005#define PI acos(-1.0) // PI用反三角函數比較準確int main(){double s;while ( scanf("%lf",&s) != EOF ){double v = 0.0;double low = 0,

題意：略。按公式便好。#include <cmath>#include <iomanip>#include <iostream>using namespace std;int main(){double one, two;char first, second;cout << setprecision ( 1 ) << fixed;while ( cin >> first && first != 'E' ){

題意：判斷圖中的最小產生樹是否唯一。題解：只需驗是否存在兩個或兩個以上權值相同的最小產生樹。注意：1.圖中任意兩點間最多隻有一條無向邊； 2.圖可能不連通（此時mst = 0)。Prime ：複雜度 O( V ^ 2 )#include <iostream>using namespace std;#define MAX 101#define INF 999999999#define max(a,b) (a>b?a:b)int dis[MAX], pre[MAX];int

 題意：統計每個格子裡面的玩具有多少。2318給出分隔板的時候是從左至右，2398的分隔板並沒有排序，得自己排一下。兩題就是輸出有點不同，其他沒什麼···POJ 2318：#include <iostream>using namespace std;#define MAX 5999struct CardBoard{int x1, y1, x2, y2;double k; } board[MAX];int cell[MAX];int judge ( int x, int y,

題意：已知有400個房間，有n張桌子必須從a 房間搬到 b 房間，搬每張桌子所花的時間都是10分鐘。走廊上每次只能容下一張桌子，但是不同的地方允許同時搬運。求將所有的桌子全部搬完最少要花多少時間。題解：給出兩種解法。#include <cstdlib>#include <iostream>using namespace std;struct item{int a, b, flag;} move [201];int cmp ( const void *x, const

題意：給出許多線段，問能否找到一條直線，使得所有線段在它上面的投影存在交點。題解：轉自http://blog.sina.com.cn/s/blog_6635898a0100n2lv.html1：把問題轉化為是否存在一條直線與每條線段都有交點。證明：若存在一條直線l和所有線段相交，作一條直線m和l垂直，則m就是題中要求的直線，所有線段投影的一個公用點即為垂足。2：枚舉兩兩線段的各一個端點，連一條直線，再判斷剩下的線段是否都和這條直線有交點。證明：若有l和所有線段相交，則可保持l和所有線段相交，左右

#include<stdio.h>#include<string.h>#define N 2001int grah[N][N];int sum;void  prim(int n){int i,j,pos;int min,v[2001]={0},d[2001];    for(i=0;i<n;i++)d[i]=grah[0][i];v[0]=1;for(i=1;i<n;i++){min=99999999;for(j=0;j<n;j++){         

題意：加上最少的邊，使得改造後的圖中去掉任意一條邊後圖依然連通。題解：先找出邊雙連通分量，然後縮點，的到一棵樹。需要加的最少邊=(leaves+1)/2PS:我們可以發現low[4]=3,low[7]=4 但是我們知道<4,7>這條邊並不是割邊.所以 low[u]!=low[v]是割邊的必要不充分條件. #include<cstdio>#include<string>#include<algorithm>using namespace

題意：判斷兩直線之間的位置關係，平行，重合，相交題解：注意精度#include <cmath>#include <iostream>using namespace std;#define MAX 100#define eps 1e-8#define zero(x) ( ((x) > 0 ? (x) : -(x)) < eps )struct Point { double x, y; };struct Line { Point a, b; };struct

題意：用k種不同的顏色給長度為n的項鏈染色。題解：1.旋轉置換：一個有n個旋轉置換，依次為旋轉0,1,2，```n-1。對每一個旋轉置換，它迴圈分解之後得到的迴圈因子個數為gcd(n,i).2.翻轉置換：分奇偶討論。奇數的時候 翻轉軸 = （頂點+對邊終點的連線），一共有n個頂點，故有n個置換，且每個置換分解之後的因子個數為n/2+1;   偶數的時候 翻轉軸 = （頂點+頂點的連線），一共有n個頂點，故有n/2個置換，且每個置換分解之後的因子個數為n/2+1;  或者 翻轉軸 =

題意：加上最少的邊，使得改造後的圖中去掉任意一條邊後圖依然連通。（圖是非簡單圖，需要判重）題解：先找出邊雙連通分量，然後縮點，的到一棵樹。需要加的最少邊=(leaves+1)/2我們可以發現low[4]=3,low[7]=4 但是我們知道<4,7>這條邊並不是割邊.所以low[u]!=low[v]是割邊的必要不充分條件.#include <iostream>using namespace std;#define N 10010#define min(a,b) (a<

題意：找從起點到終點的最短路徑。題解：可以知道，但凡兩點不能直達，則一定是沿著牆邊界點走的，這樣才能保證路徑最短。那麼只需要再所有可以直達的點間連上一條邊，求一次最短路徑。注意判斷兩線段是否相交應該是判斷“嚴格相交”，即不包含端點。#include <cmath>#include <cstdio>/*#include <iostream> //不知道為什麼加上這兩句就報一些奇怪的錯誤····using namespace std; */#define

題意：BL == N (mod P)，並且p是素數題解：#include<cstdio>#include<cmath>#include<cstring>using namespace std;#define lint __int64#define MAXN 131071struct HashNode { lint data, id, next; };HashNode hash[MAXN<<1];bool