其他

文章不錯，大家可以看看。搞了半天原來SG函數這麼簡單，類比為Nim真是碉炸啦！不太會寫，將原理拿過來直接敲了。#include<iostream>#include<algorithm>using namespace std;bool cmp( int a,int b ){ return a<b;}int mex( int rec[],int cnt ){ sort( rec,rec+cnt,cmp ); if( rec[0] ) return 0; for(

很悲劇的讀錯題了。本來以為和Popular Cow一樣，對於所有的點

在今年培訓前期做的題目，那時感覺不會做，邀請了蘿蔔兄弟幫忙解決，現在看來確實是道水題。屁顛屁顛的AC了。這題直接記錄整個連續區間的值，把前面連續的去掉，留下最後一段不連續的，就可以用O(1)的演算法了。這種思想以前也遇到過，做的題多了就有感覺吧。不錯不錯。不過還是調了很久1Y；#include<iostream>#include<stdio.h>#define MAXN 150000#define MAXM 32000using namespace std;int

這個題很有意思，其實就是求出最短路徑，再用最短路徑值*結點值的和。通過這題，又找到了編程的一個bug，總是想省空間，結果就只能悲劇了，還是先相乘後強制轉化的問題，必須出錯的！第一次用比__int64還大的資料類型usigned long long,另外熟悉了一下宏，感覺還不錯。對最短路徑又有了新的想法，理解演算法很有好處啊！！#include<iostream>#include<queue>#define MAXN 50005#define ULL unsigned

hev神讓我做做這題... 大概我們可以用一個二維的單調隊列來寫的。用兩個矩陣來記錄大矩陣的部分最值。例如用A[i][j]來記錄mat[i][j]---mat[i+r-1][j]這一列的最小值，用Mi[i][j]來記錄A[i][j]--A[i][j+c-1]這一行的最小值，於是乎Mi[i][j]就是mat[i,i+r-1][j,j+c-1]這個r*c的子矩陣的最小值了。My Code相當挫大家都是530++ms AC的 我卻要970ms....

題目大意：火星人入侵地球，他們降落的地區為一個n*m的矩形兵工廠，在這個地區行頂點和列頂點處有雷射束，雷射束一次能消滅一排或一列的敵人。為了消滅所有入侵的火星人，求最小的花費。每安裝一個雷射束都有一個權值，花費所有雷射束權值的積。思路：如果不考慮到點權值，如POJ3041，每個點權值都為1,也就是求最大二分圖匹配了。用匈牙利或者網路流都很好做的。so... 但是這題求的是最優點權覆蓋,怎麼做呢....可以發現這題還是個二分圖.. 咱們把行定為[1,n]列點定為[n+1,n+m]，這樣構造二分圖。

做這題還是看了Amber大神的論文...還是在這裡冗餘一下吧：點覆蓋集：無向圖G的一個點集，使得該圖中所以邊都至少有一個端點在該集合內。形式化的定時意思點覆蓋集為V'∈V，滿足對於所有的(u,v)∈E,都有u屬於V'或v屬於V'成立，即至少一個成立。形象的說是若干點“覆蓋”住了與他們鄰接的邊。這些邊恰好組成了原邊集。最小點覆蓋集：  

最近每次做題都要看很多資料。看來是真的老了。這題給定字串，以及待編碼的字元數，採用哈夫曼編碼，編碼總長度最短。求此值。這題添加虛擬節點，使得最後的合并方便，也就是使得每次合并保證樹中都大於T個。T為提供的編碼字元數。相當於每一個節點要麼是空的要麼是有T個孩子的。設待編碼字元為N，添加的虛節點個數為β。那麼對（N+β）進行一次合并-> (N+β)-T+1 第二次合并 （N+β）-2*（T-1）......最後一次(N+β)-r*(T-1)=1也就是(N+β)%(T-1)==1%(T-1);

題目大意：有給定的N個人，主角編號13，求最小的報數序號M，使得主角為贏家。報數序列為1,M%N這樣.. 1是第一個出去的網上看的數學方法，各種感覺不爽！覺得演算法中最神奇的就是2分和遞迴了。美妙！數學分析過程網上都有，不解釋了。#include<iostream>using namespace std;int find( int n,int m ){ int s=0; for( int i=2;i<=n;i++ ) s=(s+m)%i; return s+1;}int

[AC 2011-9-17]   1062* 昂貴的聘禮 枚舉等級限制+dijkstra1087* A Plug for UNIX 2分匹配[AC 2011-9-20]1094 Sorting It All Out floyd 或 拓撲1112* Team Them Up! 2分圖染色+DP[AC 2011-9-20]1125 Stockbroker Grapevine FLOYD[AC 2011------]1135 Domino Effect 最短路1149* PIGS 網路流[AC 201

比賽中做出這題來讓我開心了好久啊~哈哈~溫習了一下樹狀數組。開始驚奇和雄爺爺和我說樹狀數組沒有這個性質，我不信。後來碼畜來之後，才發現，確實樹狀數組確實沒有這麼個性質。於是開始用vector做= =TLE.... 還好想出了二分這個好辦法... 1234ms AC了... 嘿嘿...其實我還是挺膜拜那些4500++的code...#include<iostream>#include<string>using namespace std;int N,K;int c[3999

最近寫的代碼都挺長的啊...下面說一下最小割吧。以下內容引自：這裡首先介紹一個概念：點連通度：一個具有N個頂點的圖G，去除K個頂點後，圖成為非連通圖，去除任意K-1個頂點後，圖仍為連通圖。責成圖G為K連通圖。獨立軌：A,B是圖G中兩個頂點，從A至B的無公用內頂點的路徑叫做獨立軌，其最大條數記為p(A,B);如中，將A=1,B=5;那麼該圖的最大獨立軌數量為31-2-3-5,1-4-5,1-7-6-5;三條。在這三條獨立軌中，每條切除一個內點，該圖的成為非連通圖。如果p（G）=N-1，則該圖為強連

題目其實這題水題本來不打算寫的，晚上看了下題解，發現和我那時TLE N久的代碼是一樣的。後來才發現我把最小值ans初始化:long long ans=(long long)1<<60;int index=0;這樣的最小值不夠大，導致後面的數乘起來比這個最小值還要大，導致了沒有更新index 而index又是0,在我的3個if中溜過去了... 傷不起啊...導致了死迴圈...

思路構圖還是十分的好想的...

題目大意：Stan與Ollie兩人博弈，Stan先手。兩人對當前數（初始為1）進行乘操作，乘數為[2,9];給定N，當某人第一次使得運算元大於等於N時，為勝利者。由博弈原理：設x為取到的值。則x>=N時為必敗態。任何能轉化為必敗態的都是必勝態，所以[ceil(N/9),N-1]為必勝點。只能轉化為必勝態的都是必敗態，所以[(ceil(N/9)/2),ceil(N/9)-1]為必敗點。當區間左端到達1時，就可以判斷了。#include<iostream>#include<c

上課前看了下題，上課時構了下思，下課敲了10min... 交了就A了... 好吧.. 這題弱爆了！題目大意：求一個數列中的逆序數....這題可以用座標離散化。然後... 從大的數向樹狀數組更新.. 查的時候求和，把這個數前面的大的數求出來就OK了。水爆了... 1Y#include<iostream>#include<cstdio>#include<algorithm>using namespace std;struct node{ int

從題意來看，是基本的SG函數應用，把剛學的set用進去最佳化，發現不行...TLE...再看看SG的原理，網上大部分都是採用遞迴，而那些題解報告都是一把抄，嗤之以鼻..下面是直接TLE的代碼：/*********************S-NimSevenster2012.08.26 12:55*********************/#include<iostream>#include<algorithm>#include<set>using

去年省賽原題..今年基本上把線段樹忘記的差不多了。今天又敲了一遍。發現自己的輸入處理還不錯。這種類型的弱爆了線段樹...由于思想不細緻，導致WA了很久，看來以後要細心一點了！weak nodeTime Limit : 2000/1000ms (Java/Other)   Memory Limit : 65535/32768K (Java/Other)Total Submission(s) : 22   Accepted Submission(s) : 7Font: Times New

題目意思很嚇人。經過分析之後就變成了一道比大小的題目... 囧~#include<set>#include<iostream>using namespace std;class Point3D{public: double x,y,z; Point3D( double a=0,double b=0,double c=0 ){ x=a; y=b; z=c; }}A[111],B[111];double dis( Point3D a,Point3D b )

這是一棵普通的二叉哈夫曼樹。#include<iostream>#include<queue>using namespace std;int main(){ int N; while( scanf("%d",&N)!=EOF ) { priority_queue< int,vector<int>,greater<int> > PQ; int len; __int64 ans=0; for( int i=0;