其他

描述：給出n種長方體，每種長方體無數個，將這些長方體按照長和寬依次遞減的趨勢依次增加高度，求最大的高度是多少#include <cstdio>#include <cstdlib>int n,m,t,sum;int arr[100][3];int max(int x,int y){ return x>y?x:y;}void swap(int &x,int &y){ if(x>y) { int temp=x;

參考：http://hi.baidu.com/1093782566/blog/item/e5a0e9229913bd048b82a175.htmlhttp://www.cppblog.com/IronOxide/archive/2010/08/16/123622.html?opt=admin題目簡述：n頭奶牛，給出若干個歡迎關係a b，表示a歡迎b，歡迎關係是單向的，但是是可以傳遞的。另外每個奶牛都是歡迎他自己的。求出被所有的奶牛歡迎的奶牛的數目。模型轉換：N個頂點的有向圖，有M條邊（N≤100

/*很裸的朱劉演算法，後悔昨天比賽前沒看過朱劉演算法，掩面大哭~~抽象一個超級起點，連改點到每個點的單向邊，邊權為點自身的建井的代價如果可以從i連水管到v，建一條i到v的單項邊，邊權為修水管的代價然後就是用朱劉演算法求最小樹形圖了。朱劉演算法詳見：http://blog.csdn.net/wsniyufang/article/details/6747406*/#include <cstdio>#include <iostream>#include<queue>

/*題目要求：給出兩個整數n和p，代表n個珠子，n種顏色，要求不同的項鏈數，並對結果mod（p）處理。置換隻有旋轉一種方式，那麼共有n個置換基本知識：環的個數為gcd(n , i) , 長度L=n / gcd(n , i) 其中 i 為轉的位子數普通求法: ∑n^( gcd(n,i) ) 0<=i<n 複雜度過高最佳化:枚舉環的長度L枚舉最佳化: L可以從1取到sqrt(n) ,因為L|n , n/L | n對於每個L,我們再看有幾個i滿足條件n/L = gcd(n , i)

/*給定一個關係網，A B C表示B必須在A後，間隔為C，允許多線程同時操作最後求最短的時間把所有任務完成解法：關鍵路徑topsort維護每個節點最早可以完成的時間*/#include<cstdio>#include<iostream>#include<vector>#include<queue>#include<cstring>using namespace std;struct node{ int y,t;}edge[1000

/*最小樹形圖圖模版-朱劉演算法模版說明：點標號必須0-(N-1) 必須去除到自身的點（到自身的邊的邊權賦無限大）*/#define M 109#define type intconst type inf=(1)<<30;struct Node{int u , v;type cost;}E[M*M+5];int pre[M],ID[M],vis[M];type In[M];int n,m; type Directed_MST(int root,int NV,int NE)

個人覺得這個部落格把這個演算法說的比較詳細了，直接搬過來吧，我再闡述一遍的話沒有人家說的好，還容易說錯。========================== 分割線之下摘自Sasuke_SCUT的blog==================================================最 小樹形圖，就是給有向帶權圖中指定一個特殊的點root，求一棵以root為根的有向產生樹T，並且T中所有邊的總權值最小。最小樹形圖的第一個演算法是 1965年朱永津和劉振宏提出的複雜度為O(VE

描述：這是物理上的一個槓桿問題，就是重物與力矩相乘，看一下兩邊是否相等，才開始我沒有採用建樹方法，後來又用建樹的方法做了一下，不過很慚愧，建樹時出現了問題，結果好幾次wa……代碼一：不建樹代碼#include <iostream>#include <cstring>#include <cstdio>using namespace std;int flag;int creat_recursion(int w1,int d1,int w2,int d2){

描述：和前面的幾道水題一樣，還是兩種代碼，使用庫函數的話耗時比較少一點，用劉汝佳的產生可重集排列的方法耗時多，沒什麼難度代碼一：#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>using namespace std;int main(){ //freopen("a.txt","r",stdin); char s[20]; int

描述：問題就是劉汝佳書上的的區間選擇問題，如果不會的話就看看書吧#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cstring>int n,m;int cmp(const void *p1,const void *p2){ int a=((int *)p1)[0],b=((int *)p1)[1],c=((int *)p2)[0],d=((int *)p2)[1]; if(a<0) a=0;

描述：題意很簡單，先快排一下，然後從中選擇即可，因為我覺得只用數組有些麻煩，所以用了結構體#include <cstdio>#include <cstdlib>struct Ele{ int We; int Iq; int sum; int next; int pos;};Ele count[1010];int cmp(const void *p1 ,const void *p2){ int p1_We=((Ele *)p1)->

/*題意：1-n在一棵樹上，給定邊的關係。要求得到每一個頂點的後繼節點中比它值小的個數題解：樹狀數組。dfs過程中，進入一個節點x前求一次sum（x-1）,然後add操作，遞迴返回節點x後再求一次sum（x-1） 兩次sum操作的差值就是比x小的個數本題資料量大，遞迴太深可能爆棧，一般用while+人工棧類比遞迴的過程，當然c++可以設定棧的大小，這樣就不會爆棧了 */#include <cstdio>#include <iostream>#include &

描述：題目難度為 2，將一條長為n的木棍切成m+1塊，但是切割順序不同，尋找狀態方程s[x][y]=min(s[x][y],s[x][i]+s[i][y]+s[y]-s[x]);然後就可以敲代碼了代碼一（遞迴，耗時較多）：#include <cstdio>#include <cstring>int num[55],s[55][55];int min(int a,int b){ if(a>b) return b; else return a;}int

/*本題為不是固定根的最小樹形圖，我們可以虛擬出一根來，然後在把這個根跟每個點相連，相連的點可以設為無窮大，或者設為所有邊和大一點，比如為r，然後就可以利用最小樹形圖進行計算了，計算出的結果減去r,如果比r還大就可以認為通過這個虛擬節點我們連過原圖中兩個點，即原圖是不連通的，我們就可以認為不存在最小樹形圖。關於輸出最小根也挺簡單，在找最小入弧時，如果這條弧的起點是虛擬根，那麼這條弧的終點就是要求的根。*/#include <cstdio>#include

/*題目地址：http://w.boj.me/onlinejudge/newoj/showProblem/show_problem.php?problem_id=197題意：給你一個人際關係網（雙向的），讓你求關鍵的關係，既如果這條關係斷了，就會有某兩個或以上的人失去聯絡了求這樣的關係解法：tarjan演算法 求割邊dfn[v]記錄到達點v 的時間，low[v]表示通過它的子結點可以到達的所有點中時間最小值，即low[i]=min(low[i],low[u]),u 為v 的了孫，初始化時low[

Part

描述：這道題內容是通過構造一個二叉樹，看一下那些葉子在樹上時垂直位置是重合的，重合的就加在一塊求和，然後水平輸出就可以了，關鍵是在dfs中的優先遍曆統計葉子在垂直位置的數目和，然後就可以AC了#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>using namespace std;struct Tnode{ int c; Tnode *left,*right; Tnode ()

描述：把一個字串通過增加操作變成迴文，然後把這個迴文輸出#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cstring>char str[1010];int p[1010][1010];int v[1010][1010];int min(int x,int y){ return x>y?y:x;}int dp(int x,int y){ if(v[x][y]!=-1) return v[x][y];

描述：先加後乘還是先乘後加問題，注意要用long long int#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cstring>char s[1010];int main(){ // freopen("a.txt","r",stdin); int n; scanf("%d\n",&n); while(n--) { gets(s); long long

描述：這道題很簡單，就是找當前排列的下一個產生可重集排列，用庫函數可以，我根據自己發現的一個規律也寫了另一種代碼，耗時一樣，不過要用劉汝佳書上寫的那種方法做居然逾時了，搞不懂，可能是50個字元太多，2^50次方會逾時吧代碼一：#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>using namespace std;int main(){