其他

【最短路徑：這是我在這次學習圖論的這個部分的第二個點，第一個點是判斷是否有負權迴路，不過還沒來得及把分析和總結再溫習一遍，那麼今天就先把這個剛想通的題先寫出來】題目：求一個圖中的最小環，並求路徑。分析：我在網上了看了好多人的分析，都是比較簡潔的，大家也都一語道破這道題肯定是用floyd演算法來解決。所以在此，我重點地談談遇到這道題的分析過程。首先，這個問題比較關鍵的字眼，應該就是“最小環”，要求出最小，一般是要枚舉出來所有環。但是，如果把最有環的枚舉出來，那麼必定逾時啊，所以

題目：任意兩點之間有多條路徑，每一條路徑上的最大權值是不一樣的，in other words，

先建一棵最小產生樹，然後看有幾個連通分量，就建幾個機場，最後從已選擇的邊中，將刪除所有比建機場貴的邊，加上相應的機場數！解題思路要清晰代碼：#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#include <iostream>using namespace std;const int N = 10010;const int M = 100010;int T, A;int n, m,

這道題本來很簡單的，思路也很簡單的，第一次wa了，後來才想明白這需要對kruskal有一定的認識思路，正常建最小產生樹，然後權值小於r的，就加在ans1上，大於等於r的，就加在ans2上；小於r的邊，如果加入樹中，那麼連通分量減1，設s為連通分量數目，開始等於n具體代碼如下：#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#include <cmath>using namespace

/*DP的經典入門題，我用三種方法重做一遍1.遞迴計算2.遞推計算3.記憶化搜尋*///方法一：#include <stdio.h>int a[100][100], N;int d( int i, int j ){return a[i][j] + ( i == N ? 0 : d(i+1, j) > d(i+1, j+1) ? d(i+1, j) : d(i+1, j+1) );}int main(){int i, j;scanf( "%d", &N );for(

這道題和前兩天做過的那個雜訊汙染的題是很類似的，求s到d的所有路徑中能通過的最多人數大的路徑的流量那麼也是Floyd的思想，如果1和4之間插入了3，使得1到4的流量增加，那麼就是插入3即滿足條件：（1,3）> （1,4） && （3,4）>（1,4），取1,3 和3,4中較小的一個作為1,4的新值代碼如下：#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>using

這是一道很典型的單源點最短路徑問題，用Dij來解，記錄路徑，通過dfs來輸出路徑代碼如下：#include <cstdio>#include <cstring>const int N = 20;const int INF = 100000000;int n, s, t, ans, icase;int g[N][N], d[N], p[N];void dij() { int mi, v; for ( int i = 1; i <= n; ++i ) d[

有兩天沒有做題了，過年實在是事情很多，今天無論如何也要做一道題啦這道題，單源點最短路徑，我首先想到的時候Dijskra演算法，由於資料規模大，有鄰接表實現結果逾時，第一次提交還time

和之前做過的一道是一樣的，不同的是這道題要判斷是否連通代碼：（寫代碼一定要認真，一定一定）#include <cstdio>#include <cstring>#include <iostream>using namespace std;const int N = 550;const int INF = 0x3fffffff;int n, m;int v[N], g[N][N], d[N], father[N];int Stoer_wagner() {

這道題是Dij的變體，由於最大的資料一共是10e6的規模，矩陣一定不過然後看一下變數，假設每個點發出四條邊（上，下，

這道題一直是TLE，逾時，開始以為是演算法的問題，後來才知道是輸入的問題，太坑了這道題可以用BFS來解， floyd也沒有問題但是一定要注意，輸入單詞對的時候，結束符分兩種情況，一種是 幾組連續輸入中間的是空行為結束，最後一組資料是以EOF結束註：注釋掉的 有一部分是floyd算，但是一下正常的是用BFS解題代碼：#include <iostream>#include <cstdio>#include <string>#include <cstring&

(define (make-mobile left right) (list left right))(define mobile (make-mobile left right))(define (make-branch length structure) (list length structure))(define branch (make-branch length structure))(define (left-branch mobile) (car

這道題坑在三個地方：第一，是忽略dij的最外層迴圈的次數應該是出現的節點的個數，而不是26次；第二，是忽略了除數為0的情況；第三，是輸入的問題，以後輸入單獨的字元，都用字串來處理代碼：#include <cstdio>#include <cstring>#include <iostream>#include <algorithm>using namespace std;const int N = 30;const int INF =

這個點的個數不是最大的編號，而是輸入中真實的點的個數比簡單的floyd的題目代碼：#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>using namespace std;const int N = 110;const int INF = 100000000;int g[N][N], a, b, id, sum, n[N], num;int main(){ int icase = 1;

很裸的一道求最小產生樹的題，只是資料很大，要用鄰接表來儲存代碼：#include <cstdio>#include <cstring>#include <vector>using namespace std;const int N = 200010;const long long INF = 10000000000;int n, m, id, head[N];long long sum;struct edge{ int t, next; int

#include<cstdio>#include<cstring>#include<cstdlib>#include<iostream>using namespace std;typedef struct person{ int number,solve,issub; int time[15],totaltime;} person;int main(){ /*freopen("in.txt","r",stdin);*/

除了圖論以外，隨便做一下資料結構，感覺挺不錯的分析題目：每個子串都是，如果能插入到字典樹，就答案加1，思想比較簡單，但是要注意的是，想問題要清楚，對於這道題，有一個k在限制，所以不必把所有的子串都插入，用字典樹的另一個目的在於能夠除重，是插入一個子串，就加1，而不是已有的子串也加1。另外，由於是子串，它不必一個一個子串完整的插入，比如說：asdfg這個字串，as是子串，asd也是子串，這時候如果as已經被插入了，那麼直接就遍曆到d了把插入進去，不用從頭再插一遍asd這個整個的子串。如果沒明白，那

/*剛開始TLE 後來發現遞迴函式找到23點的時候推到上一層就不逾時了，好吧。。。*/#include <stdio.h>#include <string.h>#include <stdlib.h>int sign[100][10];int flag;void print( int *A, int *P, int cur ){int i, j, c1, c2, sum;if( cur == 5 ){for( i = 0; i < 81; i++

題目連結題意：    有n個正整數組成的序列，給定一個整數s，求長度最短的連續序列，使他們的和大於或等於s。    關於這個題目，有多種的解法，如果枚舉起點和終點，時間複雜度為O(n^3)，但如果我們用一個數組B把一段數的和存起來，B[i] = sum(a[1].....a[i])。這樣就可以把時間複雜度降到O(n^2)。   

常規題目；最小費用最大流，如果是無向圖的話，一定用鄰接表去做。代碼：//最小費用最大流，注意建圖的edge都是雙向的#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>#include <iostream>using namespace std;const int INF = 0x3fffffff;const int N = 350;int S = 0, E;int n, m, k, p,