其他

250...500...1000　　比賽的時候沒思路。倒是想到一種trick，想cha人來著，後來發現房間裡沒有人提交。。。只想到了預先處理出從一個點到另一個點走m步所要用到的情況數，發現dp空間複雜度太高。今天看了一下別人怎麼預先處理的，我還是太嫩啊。。。dp[dx][dy][m]表示走m步座標移動了(dx, dy)所有的情況數。記憶化搜尋一下。const int MAXN = 55;const int MOD = 1e9+7;int dp[MAXN][MAXN][MAXN];int dir[

　　風水。。。是一門藝術。。。我在想要不要看看《周易》《葬經》什麼的，等老了還能出去給人算算命，看看陰宅陽宅什麼的，混口飯吃。嘿嘿，扯遠了。。。　　題意:給一個凸多邊形，然後在裡面放兩個半徑為r的圓。問怎麼放能使覆蓋的面積最大(spj)。　　思路：把多邊形的每一條邊向“內”移r的距離，交得一個新多邊形。在多邊形上找兩個盡量圓的點，放上圓心。關於怎麼向內移動r的距離，見所以 point[i] 和 point[i+1] x軸上移動的距離就是r*cos(th), y軸上移動距離就是r*sin(th)；

 先儲存一下代碼，回頭寫題解。         View Code #include <iostream>#include <cstdio>#include <cmath>#include <vector>#include <cstring>#include <algorithm>#include <string>#include <set>#include

題意：N個點的一顆樹。問最少添加多少條邊可以讓每個點都在一個（且僅一個）環中。不得不佩服，這題dp設計出來的人。。。偶是弱菜，只能膜拜了。這位大牛的解說，很詳細：http://hi.baidu.com/19930705cxjff/blog/item/1df66e4a4ff3022e08f7ef5d.html 

測試項目需求測試：查看杯子使用說明書介面測試：查看杯子外觀功能度：用水杯裝水看漏不漏；水能不能被喝到安全性：杯子有沒有毒或細菌可*性：杯子從不同高度落下的損壞程度可移植性：杯子再不同的地方、溫度等環境下是否都可以正常使用相容性：杯子是否能夠容納果汁、白水、酒精、汽油等易用性：杯子是否燙手、是否有防滑措施、是否方便飲用使用者文檔：使用手冊是否對杯子的用法、限制、使用條件等有詳細描述疲勞測試：將杯子盛上水（案例一）放24小時檢查泄漏時間和情況；盛上汽油（案例二）放24小時檢查泄漏時間和情況等壓力測試

 250pt 和 500pt都是簡單題，500pt暴力就可以。。。1000pt：題意：給一棵樹，求這棵樹中不同子樹的個數。解：f[i]表示以i點為根節點所包含的子數的個數。f[i] *= (f[j] + 1)  其中i -> j有邊相連，+1表示不選以j為根的這棵子樹；dfs；int mp[60][60];bool vis[60];LL ans;class CentaurCompanyDiv2 {public: LL dfs(int u) { int i;

周冬的《兩極相通——淺析最大最小定理在資訊學競賽中的應用》把方法講的很詳細了。幾點：1、把平面圖G*中每一個面抽象成對偶圖G*中的點。2、平面圖包含f個面，設邊e分割fi, fj，則連邊(fi, fj)。3、關於如何區分源點和匯點。可以先串連s和t，得到一個附加面。如s->4->7->t->s，s*放到附加面中，t*放到無邊界的面中，加以區分。4、建好圖後要把(s*, t*)這條邊刪掉。5、G的面數等於G*的點數，G*的點數等於G的面數6、G與G*邊數相同

題意：求[l, r]區間內不重複的數的和。N個數，M次詢問解：離線處理M次詢問，看得別人的思路後才知道的。。。思維局限在預先處理N個數上了。。。對M次詢問按右區間的值從小到大排序。掃一遍N個數，如果發現當前這個數在之前出現過，就從之前出現這個數的位置上把這個數刪除，在新位置上插入這個數。這樣做的好處是刪除前面重複的不會影響後面的。時間複雜度控制在(N + M)logN的數量級上。ps：午不眠，困乎，我命休矣。 #include <iostream>#include

　　跟 HDU 4057 Rescue the Rabbit差不多的AC自動機+dp，比賽的時候被虐成傻逼了！！！999的狀態不多，直接狀態壓縮就行。dp[i][ACstatus][status] 到字串第i位置，在AC自動機上狀態為ACstatus，包含到999的狀態為status。更新了一下自動機的模板。。。Orz簡潔寫法  View Code #include <iostream>#include <cstdio>#include

小人從上往下掉的時候，比如區間[-50, 100], [0, 100]它可以從上一個100跳到下一個100.。。。。無語的神邏輯。。。從早晨wa到現在。T_T按高度從大到小排序f[i][0]表示到i層左端點的最小路徑，f[i][1]表示到i層右端點的最小路徑。落下時判斷第j層到第i層有沒有其他的層。。。這個寫了一個暴力，居然沒有TLE。。。看來題目資料真的不怎麼強。View Code #include <iostream>#include

題意：一個有向非循環圖，制定M個點，每個點有一個石子。A，B兩個玩家輪流移動這些石子（石子只能沿合法的邊移動），最後沒有石子可移的算輸。如果光看一個石子的話，這他妹的就是sg函數的定義啊。。。然後對整個圖處理一下每個點的sg值。對這M個點怎麼處理，這麼想吧。假設其中一個點為i，其sg值為sg[i] = a (a != 0)那可以發現，i可以走向[0,

對於這個解法，網上題解一大堆。不過覺得還是算導官方給的解答好些，簡潔又清楚。。。 大概總結一下(不是翻譯)=.= 首先是排序。然後確定狀態 f[i][j] (i >= j, i == j表示的只有n這個點) 表示 從i到1嚴格從右往左走然後再從1嚴格從左往右走到j 這樣兩條路徑的最小值，當然[1, max(i, j)]區間上所有的點都是被訪問過得。存在兩種狀態 :1:  j < i - 1;dp[i][j] = dp[i-1][j] + Dis(i, i - 1);2: j ==

題面POJ 1170：有諸多商品，沒有商品有一個單價。可以組合的買特定個數的特定商品，這樣會得到優惠。給出這些優惠策略，給出每種商品的個數，問最少能花多少錢能把這些商品帶走？ 解：輸入好蛋疼，先個商品類型數，然後給每個商品的編號c，個數k，和單價p。再給出s個優惠策略，每種策略前邊有一個num，表示需要多少類型的商品組合，然後是num對商品，每對給出商品的編號和數目，最後是固定類型固定數目的商品組合起來需要的花費。題目說的很清楚，最多5種商品，s最多為99，

From: http://hi.baidu.com/lydrainbowcat/item/f16e64103f8c5c088fbde44c POJ【數論/組合/博弈論】題目列表原來的列表比較水，今天換了一個難一些的列表，重新開始做~紅色的代表已經AC過，藍色的代表做了但是還沒過。這句話貌似在我空間裡的每份列表裡都有額。博弈論POJ 2234 Matches GamePOJ 2975 NimPOJ 2505 A multiplication gamePOJ 1067

　　不錯的題，做了兩次。兩次感覺不一樣，第一次那叫一個費勁啊。。。看了一天的解題報告，才大概理解怎麼回事，這次做完好好寫寫總結吧。開始想到的狀態有sum[i]表示以i為根的子樹走遍所有的位元組點的值，leaves[i]表示以i為跟的子樹的葉子節點數。顯然是錯誤的。。。好多狀態表示不出來。後來有考慮分回到i節點和不回到i節點這兩種狀態。但還是設計不出來，最不能確定的就是一個順序問題。無奈翻了一下以前看的資料。發現一個沒有想到的貪心方法。。。。 success[u]表示u為根的子樹上，成功找到房子的

　　http://acm.sdut.edu.cn/sdutoj/problem.php?action=showproblem&problemid=2412　　實驗證明，被小錯誤搞死的感覺太不爽了！！　　這題是去年省賽的題，今天重新做了一下。我了個去。被倆二b錯誤搞死了。！！　　思路：先預先處理出某一秒如果切的話能得到的最大值。然後單調隊列最佳化一下就行。　　View Code #include <iostream>#include

開始還以為是簡單博弈，後來發現是樓教主的男人八題裡面的，好吧。我想不到怎麼構造最優解。。。http://blog.csdn.net/niushuai666/article/details/6639977這裡講的很詳細，總結起來就是：當一堆時，必勝，兩堆相同時，必敗，三堆時，可以一次轉化成為兩堆，所以必勝。故：a1,a2,a3…………an為必敗點<=>當n為偶數時，對a1--an進行從小到大或從大到小排序，如果有a1=a2,a3=a4,…………an-1=an,必敗當n為奇數時以及其它的

歐拉定理（又稱費馬-歐拉定理）：已知a和n為正整數，並且a和p互素，則a^phi(n) ≡ 1(mod n)。證明：　　設集合Z = {X1, X2, X3, .... , Xphi(n)}，其中Xi (i = 1, 2, .. phi(n))表示第i個不大於n與n互質的數。　　考慮集合S = {a*X1(mod n), a*X2(mod n), ... ,a*Xphi(n) (mod n) }，則集合Z = S;　　1) 因為a和n互質，Xi和n也互質，所以a*Xi

那道題目看著好多狀態。。。leader， speed， energy， distance，還有結果minute。可以看到：1、某頭牛變成leader以後的energy是 總能量 - distance。 2、當leader > N || energy < 0這些情況都是非法的。3、distance == D這種情況是終止狀態。設 f[ld][sp][e][dis] 表示當前leader是ld，以速度sp到達能量剩餘為e，行走距離為dis的狀態所用的最少時間。

很明顯的Polya計數法，但是有一個糾結的地方就是這個k rotation不是給定的，而是然自己求出來的。因為資料比較大，暴力找的話肯定TLE，開始沒想到怎麼做。後來看到有人說用kmp，好吧，我又水 了。。。。。做法：　　定義數組vv[]，vv[] = v[] + v[], 就是把兩個v[]數組接起來作為匹配串，原串v[]作為模式串。O(n)跑一遍kmp，看在哪些位置正好匹配。然後polya計數就行。#include <iostream>#include <cstdio>