其他

　　用線段樹水過，3s多。。。不說了，上代碼：#include <stdio.h>#define inf 0x7fffffff#define N 50010struct node{int l, r;int min, max;}node[N*4];int num[N], nmax, nmin;void creat(int t, int l, int r){ node[t].l = l; node[t].r = r; node[t].min = inf;

　　/*很裸的網路流題目，看了兩天算導，今天終於A了一道網路流的題目。我的第一道網路流啊。。。^ ^My Code:*/#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>using namespace std;const int N = 210;const int inf = 0x6fffffff;bool vis[N];int map[N][N];int

　　這題剛開始沒看懂啥一個，琢磨了半天，看了看Discuss。其實就是求某個座標點(x, y)的左下放還有幾個點，很巧的是題目的資料都已經排好序了，所以根本不用考慮y的事，樹狀數組求和水過了。（注意，i = 0時死迴圈，要把資料都往後移一個！）#include <stdio.h>#define N 32010int c[N], ans[N];int lowbit(int i){return i&(i^(i-1));}void add(int i, int val){

　　/*用並查集做可以，不過總覺得彆扭。明明是圖論的題嘛。今天在師兄部落格裡看到這個    解法，用二分限定所取的邊的權值。設最大與最小差為lim，最小為low。所以low <=     weight <= low + lim；所以，用二分取到lim最小的一個。ps:限定low時需與熬用到hash，否則直接存m個weight會TLE。不能抵達終點輸出-1，我暈，因為這個錯了好幾次。。。T_T*///My Code： 234+MS#include

　　寫了整整一天，到晚上才出過範例，然後各種wa， tle ，ole ！！！code:#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>using namespace std;const int N = 11;char map[N][N];int hr[N][N];int hc[N][N];int hx[3][3][N];int z;void dfs(int i, int j){int x, y, k,

　　/*昨晚寫把Dinic寫錯了，一直不出結果，也沒調出來，睡覺之前猛然想起來，少了一個break，造成死迴圈了。今天把那地方改過來，交上去WA。然後又重新敲之，TLE。後來檢查了一遍，發現是Floyd寫錯了，改過後終於過了，發現網路流太容易錯了。　　思路：1、用Floyd把每個奶牛到每個擠奶機的距離算出來，然後問題就變成了已知c頭奶牛到k個擠奶機的距離，求走最遠距離的牛走的路程mindis最小是多少。2、然後建網路流模型，每頭奶牛和擠奶機都是一個結點。設一個源點s，s到c頭奶牛的容量都記為1，

　　sg函數，有人說這是解決博弈論問題的王道，不過現在我還沒感覺，只是知道像這道題類型的題目用sg函數解。至於什麼是sg函數。。。　　先定義mex運算，mex是對集合的運算，它表示最小不屬於該集合的非負整數。比如 mex {0} = 1; mex{0, 2} = 1；mex{1, 2, 3} = 0；sg(x) = mex{...};這裡是三堆，求得每堆的sg值，然後抑或運算，結果為0則為P-position，否則為N-position。  至於怎麼證明的，網上資料很多：sg函數入門：http:

VonGang原創，轉載請註明：http://www.cnblogs.com/vongang/快排過程很簡單，就是一個二分的思想，過程如下（從小到大為例）：1、取一個關鍵字；2、把序列中大於關鍵字的放在關鍵字右邊；3、把序列中小於關鍵字的放在關鍵字左邊；4、重複1-3步，直到序列有序；代碼+注釋：#include<stdio.h>#define N 100int QuickSort1 (int r[], int low, int high){ int key;

　　/*不明白為什麼Ural把這題歸到game裡邊，難到是因為這題是個遊戲。。。很水的一道題，糾結了兩天，以前沒有接觸過位壓縮，估計學過位壓縮的童鞋能夠把這題直接秒掉，Orz各位做題神速的童鞋。。。　　wwww　　wwww　　wwwb　　wwbb可以用二進位表示為：1100|1000|0000|0000；也就是說4*4方格裡所有狀態都可以用16位二進位表示，轉成十進位後為0或者65535就完成了遊戲。*///My Code:#include <iostream>#include

　　這兩天快被DP整崩潰啦！！！今天拿到這道題也是無從下手，問了下高手思路才做出來。思路：開另個數組on[], off[]。分別表示開Caps Lock燈，和關Caps Lock燈時的最小按鍵次數當字串s[i]為大寫時：　　on[i] = min{ on[i-1] + 1， off[i-1] + 2} //開燈時直接輸入字母，關燈時按shift+字母；　　off[i] = min{ on[i-1] + 2, off[i-1] + 2}

　　這裡可以看成給一個面值為m的錢幣，要求將它換成n種不同的面值都為1的錢幣，同時要求每種錢幣供應的上下限。然後就是產生函數模板了。。。My Code:#include <iostream>#include <cstring>#include <cstdio>using namespace std;const int N = 110;int c1[N], c2[N];int MIN[N], MAX[N];int main() {//freopen("data.

　　找規律的題目，規律如下：2    ——   9   N-position10  —— 9*2   P-position19  ——  9*2*9   N9*2*9+1  ——   9*2*9*2   P9*2*9*2+1  ——   9*2*9*2*9   N。。。思路：將輸入的數連除18，當得到的數n小於18時，判斷如果（2 <= n <=9）則為N位，否則為P位;My Code:#include <iostream>#include <cstdio>#

　　從組合數的定義可以知道。C(n, m) = C(n-1, m) + C(n-1, m-1);所以，根據這個公式可以遞迴的求得組合數，代碼如下：long long C(int n, int m) {if(m == 0 || n == 0 || n == 1 || m == n) return 1;if(aug[n][m] != 0) return aug[n][m]; aug[n-1][m] = C(n-1, m); aug[n-1][m-1] = C(n-1,

　　　這兩天搞dp搞的快暴了，想學學網路流。拿過算導來一看，最短路還沒整完呢。寫了一個用並查集最佳化的kruskal演算法，並查集是用非遞迴的狀態壓縮實現的。詳見：http://www.cnblogs.com/vongang/archive/2011/07/31/2122763.html。kruskal沒有用堆最佳化，不是我不想，而是實在不會。。。所以直接用sort按權值排了下序，時間複雜度O(n+n*logn) My Code:#include

　　　/*感覺我的做法很麻煩，一個只存+-符號的數組， 一個存所有操作符的隊列，再來一個隊列存運算元（比如1，2， 1011（10.11的情況）)。然後就是暴搜。。。*//*My Code: 297MS*/#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>using namespace std;const int N = 50;char opr2[N];char opr[N];int

　　/*簡單DFS，開始這題想複雜了，不知道用dfs還是bfs甚至都想寫dijkstra，後來一狠心寫了個dfs，1Y了，^_^ ，可能題目的資料比較若吧，呵呵，感覺主要還是把圖抽出來這地方，有點像類比題了。輸出是加了一個pre[]存放當前結點的前驅，然後把pre[]包含的結點資訊入棧，然後出棧好了。*///My Code：#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>using

　　經典的線段樹題目，包含了線段樹的插入，更新，計數，操作過程如下：1、[0,8000]遞迴建立線段樹，初始時每段的顏色為-1，表示無色；2、每次輸入，更新對應線段的顏色；3、在區間[0, 8000]上統計顏色>=0的區間（即為已經圖色的區間），將所對應的顏色映射到數組col[]中；4、對col[]進行簡單的操作，輸出得到的顏色和所對應的區間數；下面以50  4  40  3  13  4  20  2  20  2  3為例示範一下過程，這裡簡化一下，我只建立[0, 4]的線段樹：代碼+

　　最近搞了一下博弈論，處於初級入門階段，找了幾個題做做，正巧碰上這題。這題是Nim博弈的一個變形，將兩座標的距離看作一堆石子中的石子數，n就是石子堆數，所以根據Nim博弈的結論：a1 ^ a2 ^ a3……^an == 0 ，則必勝。所以這題的答案就出來了。My Code:#include <iostream>#include <cstdio>using namespace std;int main(){    //freopen("data.in", "r",

　　類似 Fibonacci again and again貌似有點模板的感覺，就是不知到hash數組的上界是怎麼算出來的，無語，繼續研究去。。。#include <iostream>#include <cstdio>using namespace std;const int N = 10010;const int M = 110;int num[M];int vis[N];int sg[N];int n;void get_sg(){int i, j;for(i = 0;

　　這個題目與最長上升子序類問題類似，剛開始想用貪心做了，但是悲劇的連題目給的資料都沒過。後來想DP，由於最近在看背包問題，思維僵化，怎麼想也想不出怎麼套背包的轉移方程。問了下高手，才猛然想起來這題的思路，我悲劇的一晚上啊。。。。代碼：#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstdlib>using namespace std;const int N = 31;struct blocks{int