其他

著作權，轉載請註明出處，謝謝！http://blog.csdn.net/walkinginthewind/article/details/7393134鏈表是最基本的資料結構，面試官也常常用鏈表來考察面試者的基本能力，而且鏈表相關的操作相對而言比較簡單，也適合考察寫代碼的能力。鏈表的操作也離不開指標，指標又很容易導致出錯。綜合多方面的原因，鏈表題目在面試中佔據著很重要的地位。本文對鏈表相關的面試題做了較為全面的整理，希望能對找工作的同學有所協助。鏈表結點聲明如下：struct ListNode{

題目：正整數序列Q中的每個元素都至少能被正整數a和b中的一個整除，現給定a和b，需要計算出Q中的前幾項，例如，當a=3，b=5，N=6時，序列為3，5，6，9，10，12（1）設計一個函數void generate(int a, int b, int N, int *

著作權，轉載請註明出處，謝謝！http://blog.csdn.net/walkinginthewind/article/details/7518888樹是一種比較重要的資料結構，尤其是二叉樹。二叉樹是一種特殊的樹，在二叉樹中每個節點最多有兩個子節點，一般稱為左子節點和右子節點（或左孩子和右孩子），並且二叉樹的子樹有左右之分，其次序不能任意顛倒。二叉樹是遞迴定義的，因此，與二叉樹有關的題目基本都可以用遞迴思想解決，當然有些題目非遞迴解法也應該掌握，如非遞迴遍曆節點等等。本文努力對二叉樹相關題目做

題目要求：將二叉尋找樹轉換成排序的雙向鏈表，不能建立新節點，只調整指標。尋找樹的結點定義如下：class Node{public: Node(int x):left(NULL),right(NULL),data(x){}; Node * left; Node * right; int

思路：(1):先對原圖進行縮點，即把每個強連通分量縮成一個點，其權值為聯通分量裡面所有點的權值之和。(2):縮點後重新構圖，並把每條又向邊上加上權值：sInsert(Belong[u],Belong[v],num[Belong[v]]);(3):然後再重每個入度為零的點s(縮點後)進行SPFA求最長路,並更新答案ans=max(ans,max{dis[i]}+num[s]);(4):最後的ans即是d答案。 CODE:/*縮點+SFPA求最長路*//*AC代碼：63ms*/#include

思路：(1):構完圖縮點然後求最長路(2):注意*號的位置可以選擇不跳(3):資料裡沒有*號跳到#號的情況PS.說實話這題不難，思路和poj3160一樣、、 CODE:/*縮點+求最長路*//*注意：*號的位置可以選擇不跳*//*AC代碼：16ms*/#include <iostream>#include <cstdio>#include <memory.h>#include <queue>#include

 思路：弱化的AC自動機，也可以用KMP。 PS.在HDU能AC，在POJ一直WA、、、、  CODE:/*AC自動機或kmp*//*AC代碼：32ms*/#include <iostream>#include <cstdio>#include <memory.h>#include <algorithm>#include <queue>#define MAXN 100006#define kind 26using namespace

題目大意：一個有向圖有N(N<=50)個點,M(M<=4000)條邊。現在要求刪掉最少的點,使得不存在從1號點到N號點的長度<=K(K<1000)的路徑。當然,不能直接刪掉1號點或N號點。輸出最少需要刪掉的點數(刪掉一個點的時候會將與之相連的邊也刪掉)。PS.不存在一條邊直接連1-N。 思路：最小費用流+拆點 構圖：(1):把[2..N-1]個點拆成i->i+N連一條容量為1費用為0的邊<1,0>;//保證每個點被破壞一次(2):把1和N拆點,連一條&l

Checking an AlibiTime Limit: 1000MSMemory Limit: 65536KTotal Submissions: 3854Accepted: 1384DescriptionA crime has been comitted: a load of grain has been taken from the barn by one of FJ's cows. FJ is trying to determine which of his C (1 <= C

題意：給你一棵樹,讓你求最少剪掉多少條邊可以剪出一棵邊數為p的子樹. 思路：（樹形DP）(1):f[i][j]:表示以i為根(包含i)，共j個節點需要切斷的路的數量(2):f[i][j+k]=min(f[i][j+k],f[i.son[t]][k])(t為i的孩子)   CODE：/*AC代碼：0ms*/#include <iostream>#include <cstdio>#include <memory.h>#include

演算法流程：1.將該點（以下用v0表示）刪除，將得到m個連通分量。2.對每個連通分量求最小產生樹，假設m個。3.從每個連通分量中找與v0關聯的權值最小的邊，與v0相串連，這樣將得到v0的最小m度產生樹4.如果 k  < m 那麼這種樹是不存在的。5.如果 k >=m ，那麼考慮構建 m+1度 最小產生樹 ，將與v0關聯的且不在當前的樹中的邊6.如果將其加入樹中

解題思路： 針對資料的特點n<=25普通的大數乘法即可，演算法不難，主要是輸入的處理有點複雜，很容易漏掉！WA的請注意。輸入資料需要考慮R和n的特殊情況！分情況討論：R：1，整數2，小數然後對於每一種情況又分有無前置字元為零，後導零。R：000000 000100R：小數點可以在任意位置如：.00000 000.00 00000.n注意為0的情況！  最佳化前代碼：在PKU能過，在杭電TLE，鬱悶了下（杭電上還是有很多變態資料的....） 最佳化前代碼：POJ Accepted 168K

思路：（具體參考《演算法藝術與資訊學競賽》）1，先化簡均方差公式，可以看出，只需要讓每個分割後的矩形的總分的平方和盡量小，即可使均方差最小。2，考慮左上方座標為(x1,y1),右下角座標為(x2,y2)的棋盤，設它的總和為s[x1,y1,x2,y2]切割k次以後得到k+1塊矩形的總分平方和最小值為d[k,x1,y1,x2,y2]，則它可以沿著橫線切，也可以沿著豎線切，然後選一塊繼續切（遞迴）。。3，由1，2部可以得到狀態轉移方程：d[k,x1,y1,x2,y2]=min{min{d[k-1,x1

剪枝：每次不要往反方向搜。注意：長度相同要輸出字典序最小的操作PS.一開始是用狀態壓縮+BFS的，結果無情的TLE了、、、  估價函數：int h(int st[])//估價函數{int i,num[4]={0};for(i=0;i<8;i++)num[st[mid[i]]]++;return 8-max(num[1],max(num[2],num[3])); } CODE：/*IDA_star*//*注意長度相同要按輸出字典序最小的*//*AC代碼：172ms*/#include

 題意：給你一排樹，問你最低到最高的最大距離多少?(1)(行走方式：h1->h2->````hn)其中h1到hn嚴格遞增。(2)相鄰(高度相鄰)兩樹的距離要<=D。 思路：差分約束 構圖：(1):相鄰(高度相鄰)兩樹的距離要<=D。for(i=1;i<N;i++){u=Tnode[i].id;v=Tnode[i+1].id;if(u>v)//d[i]-d[i+1]<=DInsert(i+1,i,D);elseInsert(i,i+1,D); } (2):

純類比題，用鏈表類比.....  原始碼：#include <iostream>struct px{int i;//當前點的值int n;//指向下一點，起串連作用};struct px link[100010];int ans[100010];int main (){int n,k,p,i,j,head,tail;while(scanf("%d%d%d",&n,&k,&p)!=EOF){for(i=1;i<=k;i++)//建立初始鏈{link[i].

穩定的定義：多邊形玻璃板的重心向水平面作垂線時，垂足落在支撐邊所在的線段上（不包括線段端點）。對多邊形支撐邊的枚舉：由於有可能出現凹多邊形，因此可供選擇的“支撐邊”包括該多邊形的凸包的所有邊。 思路：先求重心，然後再求凸包，枚舉凸包的每條邊判斷是否可以是支撐邊。(注意重心到某條支撐邊的交點在端點算不合法)CODE:/*求重心+凸包*//*AC代碼：187ms*/#include <iostream>#include <cstdio>#include

最短路徑題，套用Dijkstra演算法，但增加一個頂點A連通所有起點,一個頂點B連通所有終點..問題就轉化為A到B的最短路徑D,D再減去A跟B多出來的距離就得到結果..  CODE:#include <iostream>using namespace std;const int INF=99999999;const int MAX=1010;int max(int a,int b){ return a>b?a:b;}int T,S,D,L;int

題意：平面上有n個圓，給定他們各自的圓心和半徑。保證任意兩個圓不會互相重疊。現在求一個大圓，它的圓心與某個給定圓的圓心重合，且對於每一個給定的圓，大圓至少覆蓋該圓面積的一半。請求得滿足要求的大圓的最小半徑。演算法流程枚舉圓心位置Oi。二分尋找，求得對於當前圓心位置，滿足要求的最小半徑ri記錄上述所有ri中的最小值，並且輸出結果。 時間複雜度O(n2logn)注意：只有一個點的情況 CODE:/*枚舉圓心+二分半徑*//*AC代碼：0ms*/#include

  #inclued "iostream"using namespace std;int main(){     int i=5;     int result=++i*--i;     cout<<"result="<<result<<endl;     return 0;}初看之下，++i=i+1=6;--i=i-1=5;所以result=5*6=30;但是程式運行之後的結果卻是