其他

此文僅供個人筆記！先建一個資料來源類。  控制項 -> 資料來源類 -> 資料庫操作。這裡為了簡便，省去了資料庫的操作。只類比資料綁定的實現。using System;using System.Collections.Generic;using System.Linq;using System.Web;/// <summary>///Student 的摘要說明/// </summary>public class Student{ private

ItemRenderer很好用。結合list可以自訂欄表的顯示，或者是布局呈表格那樣也行。再結合dataprovider，綁定一個ArrayCollection， 用起來很爽的哈！不過這裡有一個經常遇到的問題，就是ArrayCollection裡的內容更新後，視圖並沒有更新。這個就是內部實現的機制了，我們不得而知。我的解決辦法是：使用setItemAt方法，重新set下就行了。arrs就是資料來源ArrayCollectionarrs.setItemAt(obj,event.newIndex);

首先看Group類：Group->GroupBase->UIComponent->FlexSprite->Sprite->DisplayObjectContaineraddChild()是抽象類別DisplayObjectContainer定義的方法，Group雖然繼承自DisplayObjectContainer，卻並沒有提供addChild()方法，只提供了addElement方法。而addElement接受的參數，必須是實現了IVisualElement介面的

題目和解答在這裡：ACM練習 題目1029：魔咒詞典 C++ map的使用上次用C++的map做的，已耗用時間並不理想。用了兩個map確實有點浪費，還有一點是把所有字串都在一個map中。資料過多時尋找肯定慢。可以把map分成26個，以首字母分類，放在不同的map中。#include <stdio.h>#include <string.h>#include <iostream>#include <map>using namespace

Problem

Description兩隻青蛙在網上相識了，它們聊得很開心，於是覺得很有必要見一面。它們很高興地發現它們住在同一條緯度線上，於是它們約定各自朝西跳，直到碰面為止。可是它們出發之前忘記了一件很重要的事情，既沒有問清楚對方的特徵，也沒有約定見面的具體位置。不過青蛙們都是很樂觀的，它們覺得只要一直朝著某個方向跳下去，總能碰到對方的。但是除非這兩隻青蛙在同一時間跳到同一點上，不然是永遠都不可能碰面的。為了協助這兩隻樂觀的青蛙，你被要求寫一個程式來判斷這兩隻青蛙是否能夠碰面，會在什麼時候碰面。 我們把這兩

這個也是比較常見的方法。先交換，再把後面的數組逆置就行了遞迴的方法點下面：演算法筆記之 全排列演算法 一 遞迴求解完整的Java代碼：public class 全排列 { private static void swap(int[] array, int i, int j) { int tmp = array[i]; array[i] = array[j]; array[j] = tmp; } //修改arr為下一個排列,

2012/6/3TopCoderSRM 814 Div One 250pt給定若干人的選舉得到的比率，求總投票人數的最小值近似，精度大意：對於一定的人數，根據“四捨五入”的規則，可以有一定的人數的範圍，，注意前者要和0取較大值，一般程式中為枚舉n<1000問題：總的枚舉的人數的上限是多少？嘉哥說明了一個方向，如果能夠證明對於n>1000存在的解，肯定可以通過n<1000，來得到，那麼確實只要枚舉n<1000的就可以了。1/3class ElectionFraudDiv1{

題目大意：      給出一串由b,r,w組成的珠子，其中w可以當作b或r使用，可以從某一處斷開，然後向兩邊收集，只有同色才能收集，否則停止，求最多能收集的珠子數目規模：      珠子串長度<=350方法1：類比      枚舉斷開的位置，然後分別向兩邊開始收集珠子；      效率是O(N^2)看了Analysis之後，學習了Dynamic Progamming的方法方法2：     如果朝某一個方向開始搜集，能搜集到的珠子只和前面收集的相關，滿足了無後向性。  if color[

集合R={1,2,3,4}的全排列可以分解為：1,{2,3,4}的全排列 + 2,{1,3,4}的全排列 + 3,{1,2,4}的全排列 + 4,{1,2,3}的全排列。繼續分解：{2,3,4} 為 2,{3,4}的全排列，3,{2,4},  4,{2,3}…………………………………………直到集合裡只有一個元素，就可直接輸出了.這個是非遞迴的方法：http://blog.csdn.net/gaotong2055/article/details/8646290#include

如果我們在做在flash的線上遊戲時，一般是希望使用者在重新整理這個頁面或者關閉這個頁面就斷開socket串連。一般的瀏覽器在關閉後，都是預設的斷開socket串連的。但是重新整理就不一定了。IE總是不太聽話，在重新整理時不會斷開原來的串連。這樣一來，一個IE的頁面就保持了兩個串連！很容易造成資料的錯誤！ 還有一些未知的異常，都是因為這該死的IE引起的。網上大部分都說，加頭資訊之類的<meta http-equiv="Expires" content="-1"/>

 題目一：Preface Numbering題目大意：求1——N之間的十進位數用羅馬數字表示時給個字母要用幾次(IVXLCDM)演算法：枚舉基本思想是枚舉每一個數字分別轉換成羅馬形式統計再統計，但這種方法很多東西重複了，更簡單的方法是統計各個數字在各位上的出現情況，然後做一張表。因為不同數字在不同位的情況很少只有9*Length種，具體實現的細節在代碼中有解釋 /*ID: zhangji42TASK: subsetLANG: C++*/#include

連結：http://ac.jobdu.com/problem.php?pid=1004題目描述：    Given an increasing sequence S of N integers, the median is the number at the middle position. For example, the median of S1={11, 12, 13, 14} is 12, and the median of S2={9, 10, 15, 16, 17} is 15.

五指山Time Limit 1000msMemory Limit

題目一：The Longest Prefix題目大意：給出一組可以去匹配的字串，求在給定的字串中最長可以匹配出的首碼有多長？演算法1：DP效率：O(200,000*200*10) (實際遠遠不到)對於每個位置，去枚舉每個字串，在除去這個串之後的前面的串可以匹配的情況下判斷對應的位時候可以匹配，只要有一個可以匹配該位就可以匹配。如果連續遇到不可匹配的數目大於最大可以匹配的長度的時候，就可以退出了。小經驗：用scanf("%c", c)讀字元不能跳過斷行符號符和空格#include

串連： http://ac.jobdu.com/problem.php?pid=1005題目描述：    It is said that in 2011, there are about 100 graduate schools ready to proceed over 40,000 applications in Zhejiang Province. It would help a lot if you could write a program to automate the

題目一： Agri-Net演算法：MST方法1：kruskal要用到並查集的方法int getfa(int x) {return fa[x] == x ? x : fa[x] = getfa(fa[x]);}1.把邊從小到大排序；2.初始化：每個點自成一棵樹，形成森林；3.按邊權值從小到大枚舉，找到不在一棵樹中的兩個點，將這兩棵樹合并，累計權值；小細節：記錄下需要計算的代表元的結果；#include <stdio.h>#include

這是基本都一樣的部分。void print_arr(int *arr, int n) {int i;for (i = 0; i < n; i++) {if (!i) {printf("%d", arr[i]);} else {printf(" %d", arr[i]);}}printf("\n");}void sort(int * arr, int start, int end){if(end < start)return;int index = quik_sort(arr,

 題目一：Factorials題目大意：求n！的最後非0位。演算法：類比1.2的因子的個數顯然比5多很多；2.可以預先根據5的個數估計出末尾0的個數，然後只需儲存多餘2的個數，去更新末位的值；3.實際做的時候沒有想到上述方法，而是鬼使神差地想到儲存末5位，但是無法證明！ #include <stdio.h>#include <string.h>unsigned int s[32][32];void dfs(unsigned int m, int leftone, int

         PERT（Program Evaluation and Review Technique），即計劃評估技術，又叫“關鍵路徑分析”。         關鍵路徑（critical path）：其上的任務是決定整個項目所需時間的那些任務。如果要減少項目所需要的時間，必須加快完成關鍵路徑上的任務。         要徑法（critical path method）：拓撲排序。